大一上高数期末考试题

时间：2019-05-29 15:06:17 网站：公文素材库

大一上高数期末考试题

大一高数试题

大一（上）高数试题

一.填空∶

1.x3112.由曲线y=

11x2dx=______________。

,y=0和x=所围区域绕x轴旋转一周，则旋转体

2xsinx的体积为___________。

3.44x31cosxdx=_____________。

4.2tan3xsec2xdx=_____________。5.sin2x1cosx2dx______________。

x2x2)__________________2(6、nlimx2x2x1x12。

7、设

f(x)arctan,则dy________________。。

8、设f(x)9、lim(xoxxx2xa2xan，则f1=__________1x___xa1...n)________________)。

10、设

1axsinf(x)x0

x0x0,则当(a0)时，f(x)在_____处连

续；当(a0)时，f(x)在________处可微。11、过P(1,0)作曲线y12、设f(x)3x3的切线，则切线方程为______。

(201*)xsinxcos3x,则f(0)=_________。

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大一高数试题

13、设

f(x)xn21x，则f(n)(0)_________。

二．单项选择∶

1．下列积分中，收敛的是（）(A)(C)021dx1xdxx122;

(B)dx010ln2xpp为常数；.

;

(D)xdx1x

2.下列广义积分中，发散的为()(A)10dx1x;

(B)1dx0xtanx;

(C)dx2x1.2;

(D)2dxxlnx2.

3.下列广义积分中，收敛的是()(A)(C)11211x1x3dx(B)ex11x2dx

dxdx(D)01xln1x

三．计算下列极限∶

1．

limxx1cosx0t21arctanxsintdt.

22.lim2sin0xeln1tdtx0xtanx

四．计算∶

xyafudu,

t2fufuduat21、设f(u)可导，且f(u)≠0.令求

dydx22.。

2、设y

1xey,求y,y。

2/大一高数试题

y=exey;

yyyy=

eyy1xeyy;

yeyy=y1xeey1xeeexeye==y21xey2ye2yxe2yeyy1xey21xe

2e2yxe3y1xey3，求

dydtdydx3、设{

dxdt2xtcostytsint，

dydx22。;

dydxcosttsint;

sinttcost2=

sinttcostcosttsint

dydx2=

t2dsinttcost=3dxcosttsintcosttsint1x),求

dydx4、设yy=dydxf(x，

dydx22。

d11fx12dxxx=

11dyfx12;2xxdx2=

1112fx12fx3xxxx

f(x)=2，求

(f(x)ax)=0，且lim5、设limxxa的值。

五.计算∶

1．18x1140x3x2dx.

xdx.

2．x1x2arctan3．1ln1x02x2dx.

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大一高数试题

4．设

1,xx1f(x)=x,0,x10x1,,

求xftdt.

x05.6.42x2dxx4dx2

2arctanxx2六.求由y2xx,y0,yx所围图形的面积A，并求该图形绕y轴所

得旋转体的体积V.

七.设f(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内fx单调减少,证明:

"abfxdxfafb2ba

ba八.设f(x),g(x)在区间[a,b]上连续,且bfgxdxg.。

gxdx0.证明存在a,b使得

九.设f(x)在a,上连续，f(a)A,limxf(x)Ba,求证：对

任意c(A,B),必存在a,，有f()c证：fx在a,连续，xlim

f(x)B时

存在任意0，x，使x0x有取f(x0)B即f(x0)BBC,则fx0c;又faA,

Acf(x0)命题成立。

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扩展阅读：大一上学期高数期末考试题

大一上学期高数期末考试卷

一、单项选择题(本大题有4小题,每小题4分,共16分)1.设f(x)cosx(xsinx),则在x0处有(　).

（A）f(0)2（B）f(0)1（C）f(0)0（D）f(x)不可导.

2.设(x)1x1x，(x)333x，则当x1时（　　）.

（A）(x)与(x)是同阶无穷小，但不是等价无穷小；（B）(x)与(x)是等价无穷小；

（C）(x)是比(x)高阶的无穷小；（D）(x)是比(x)高阶的无穷小.

x3.若

F(x)0(2tx)f(t)dt，其中f(x)在区间上(1,1)二阶可导且

f(x)0，则（）.

（A）函数F(x)必在x0处取得极大值；（B）函数F(x)必在x0处取得极小值；

（C）函数F(x)在x0处没有极值，但点(0,F(0))为曲线yF(x)的拐点；（D）函数F(x)在x0处没有极值，点(0,F(0))也不是曲线yF(x)的拐点。4.

设f(x)是连续函数，且f(x)x210f(t)dt,则f(x)(x2x2（A）2（B）22（C）x1（D）x2.

二、填空题（本大题有4小题，每小题4分，共16分）25.lim(13x)sinxx0.

6.已知cosxx是f(x)的一个原函数,则f(x)cosx.xdx7.

nlimn(cos2ncos22ncos2n1n).

12x2arcsinx1－11x2dx8.2.

三、解答题（本大题有5小题，每小题8分，共40分）

9.设函数yy(x)由方程

exysin(xy)1确定，求y(x)以及y(0).

)

1x7求dx.7x(1x)10.

xxe，　　x01设f(x)　求f(x)dx．322xx，0x111.

1012.设函数f(x)连续，，且x0g(x)并讨论g(x)在x0处的连续性.

g(x)f(xt)dtlimf(x)Ax，A为常数.求

1y(1)xy2yxlnx9的解.13.求微分方程满足

四、解答题（本大题10分）

14.已知上半平面内一曲线yy(x)(x0)，过点(0,1)，且曲线上任一点

M(x0,y0)处切线斜率数值上等于此曲线与x轴、y轴、直线xx0所围成面积的2倍与该点纵坐标之和，求此曲线方程.五、解答题（本大题10分）

15.过坐标原点作曲线ylnx的切线，该切线与曲线ylnx及x轴围

成平面图形D.

(1)求D的面积A；(2)求D绕直线x=e旋转一周所得旋转体的体积

六、证明题（本大题有2小题，每小题4分，共8分）

16.设函数f(x)在0,1上连续且单调递减，证明对任意的q[0,1]，

q1f(x)dxqf(x)dx00.

17.设函数f(x)在0,上连续，且0xf(x)dx0，0f(x)cosxdx0.

证明：在0,内至少存在两个不同的点1,2，使f(1)f(2)0.（提

F(x)示：设

0f(x)dx）

解答

一、单项选择题(本大题有4小题,每小题4分,共16分)1、D2、A3、C4、C

二、填空题（本大题有4小题，每小题4分，共16分）

1cosx2　()c6e35..6.2x.7.2.8..

三、解答题（本大题有5小题，每小题8分，共40分）9.解：方程两边求导

xy)coxys(xy)(y)e(1yexyycos(xy)y(x)xyexcos(xy)

x0,y0，y(0)177x6dxdu10.解：ux　　1(1u)112原式du()du7u(1u)7uu11(ln|u|2ln|u1|)c712ln|x7|ln|1x7|C77

11.解：130f(x)dxxedx3x100x102xx2dx

xd(e)3031(x1)2dx02xx2(令x1sin)xeecosd　

12.解：由f(0)0，知g(0)0。

x1xtu2e31

g(x)f(xt)dt0xf(u)du0x(x0)

g(x)xf(x)f(u)duxx002(x0)

g(0)limx0f(u)dux2limx0xf(x)A2x2

AAA22，g(x)在x0处连续。

limg(x)limx0x0xf(x)f(u)dux02dy2ylnx13.解：dxx

yexdx2(exdx2lnxdxC)

11xlnxxCx293

111y(1)C,0yxlnxx399，

四、解答题（本大题10分）

14.解：由已知且，

将此方程关于x求导得y2yy

02特征方程：rr20

y2ydxyx

解出特征根：r11,r22.

其通解为

yC1exC2e2x

代入初始条件y(0)y(0)1，得

21yexe2x33故所求曲线方程为：

五、解答题（本大题10分）

C121,C233

1ylnx0(xx0)x015.解：（1）根据题意，先设切点为(x0,lnx0)，切线方程：

1yxxe0e由于切线过原点，解出，从而切线方程为：

1则平面图形面积

A(eyey)dy01e12

（2）三角形绕直线x=e一周所得圆锥体体积记为V1，则

曲线ylnx与x轴及直线x=e所围成的图形绕直线x=e一周所得旋转体体积为V2

1V11e23

V2(eey)2dy0

6D绕直线x=e旋转一周所得旋转体的体积

六、证明题（本大题有2小题，每小题4分，共12分）

q1qqVV1V2(5e212e3)

116.证明：0qf(x)dxqf(x)dxf(x)dxq(f(x)dxf(x)dx)000q1q

(1q)f(x)dxqf(x)dx0

f(1)f(2)1[0,q]2[q,1]q(1q)f(1)q(1q)f(2)1故有：

f(x)dxqf(x)dx00证毕。

x17.

F(x)f(t)dt,0x0证：构造辅助函数：。其满足在[0,]上连续，在(0,)上可导。F(x)f(x)，且F(0)F()0

0由题设，有

f(x)cosxdxcosxdF(x)F(x)cosx|sinxF(x)dx0000，

有0，由积分中值定理，存在(0,)，使F()sin0即F()0

综上可知F(0)F()F()0,(0,).在区间[0,],[,]上分别应用罗尔定理，知存在

1(0,)和2(,)，使F(1)0及F(2)0，即f(1)f(2)0.

F(x)sinxdx0

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